链表 OJ（一）

移除链表元素

题目连接：
https://leetcode.cn/problems/remove-linked-list-elements/description/

使用双指针法，开始时，一个指针指向头节点，另一个指针指向头节点的下一个结点，然后开始遍历链表删除结点。

这里要注意如果是空链表的话，使用双指针第二个指针会发生空指针异常，所以要判断一下

最后程序运行到最后，我们还差头节点没有判断，最后加上即可。

class Solution {public ListNode removeElements(ListNode head, int val) {if(head == null) {return head;}ListNode prev = head;ListNode cur = head.next;while(cur != null) {if(cur.val == val) {prev.next = cur.next;} else {prev = cur;}cur = cur.next;}if(head.val == val) {head = head.next;}return head;}
}

反转链表

题目连接：
https://leetcode.cn/problems/reverse-linked-list/description/

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我们还是使用双指针，不过这次有一个指针就是头指针，因为反转链表之后的头指针会发生改变，那还不如直接让头指针一起移动，先将另一个指针指向头指针的下一个结点，然后开始遍历链表，把每一个结点的指针指向的对象变为前面的对象。

class Solution {public ListNode reverseList(ListNode head) {if(head == null) {return head;}ListNode cur = head.next;head.next = null;while(cur != null) {ListNode tmp = cur.next;cur.next = head;head = cur;cur = tmp;}return head;}
}

链表的中间结点

题目链接：
https://leetcode.cn/problems/middle-of-the-linked-list/description/

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使用快慢指针，快指针每次走两步，慢指针每次走一步，最后慢指针所指向的结点就是 中间结点

原理：fast = 2slow = 总路程

这里要注意循环的结束条件：
当fast== null 并且 fast.next == null时，才能进入循环，并且 fast==null,要放在前面，因为只用fast不是null时才能进行 fast.next 的判断

class Solution {public ListNode middleNode(ListNode head) {ListNode fast = head;ListNode slow = head;while(fast != null && fast.next != null) {fast = fast.next.next;slow = slow.next;}return slow;}
}

返回倒数第 k 个节点

题目链接：
https://leetcode.cn/problems/kth-node-from-end-of-list-lcci/description/

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还是使用快慢指针，先让快指针走 k-1 步，然后慢指针和快指针一起走，每次走一步，最后快指针走到最后一个结点时，慢指针所指向的节点就是倒数第 k 个节点。

原理就是让slow和fast的差值j就是k

class Solution {public int kthToLast(ListNode head, int k) {ListNode fast = head;ListNode slow = head;for(int i=0; i<k-1; i++) {fast = fast.next;}while(fast.next != null) {slow = slow.next;fast = fast.next;}return slow.val;}
}

合并两个有序的链表

题目链接：
https://leetcode.cn/problems/merge-two-sorted-lists/description/

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创建一个新的头节点，list1和list2开始遍历各自的链表，然后比较，插入到新链表中，最后再看一下哪些链表没有遍历完，然后把没有遍历完的链表直接插入即可。

class Solution {public ListNode mergeTwoLists(ListNode list1, ListNode list2) {if(list1 == null) {return list2;}if(list2 == null) {return list1;}ListNode newHead = new ListNode();ListNode cur = newHead;while(list1 != null && list2 != null) {if(list1.val < list2.val) {cur.next = list1;list1 = list1.next;} else {cur.next = list2;list2 = list2.next;}cur = cur.next;}if(list1 != null) {cur.next = list1;}if(list2 != null) {cur.next = list2;}return newHead.next;}
}

分割链表

题目链接：
https://www.nowcoder.com/practice/0e27e0b064de4eacac178676ef9c9d70?tpId=8&&tqId=11004&rp=2&ru=/activity/oj&qru=/ta/cracking-the-coding-interview/question-ranking

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我们可以将单链表拆成两个链表，一个链表存储小于x 的结点，另一个链表存储大于等于x 的结点，然后将两个链表合并

这里建议使用带头链表，也就是我们常说的带哨兵位的链表，这个链表最大的好处就是可以避免头插的复杂情况，既然使用了哨兵位，就要知道最后哨兵位是要被丢弃的。

public class Partition {public ListNode partition(ListNode pHead, int x) {ListNode headA = new ListNode(-1);ListNode aLast = headA;ListNode headB =  new ListNode(-1);ListNode bLast = headB;ListNode cur = pHead;while(cur != null) {if(cur.val < x) {aLast.next = cur;aLast = aLast.next;} else {bLast.next = cur;bLast = bLast.next;}cur = cur.next;}aLast.next = headB.next;bLast.next = null;return headA.next;}
}

链表的回文结构

题目链接：
https://www.nowcoder.com/practice/d281619e4b3e4a60a2cc66ea32855bfa?tpId=49&&tqId=29370&rp=1&ru=/activity/oj&qru=/ta/2016test/question-ranking

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解题思路：
我们可以使用快慢指针来遍历链表找到中间结点，然后就可以把后半部分的链表进行反转，之后从这个链表头尾结点开始向中间遍历。

易错点：
1.链表的结点个数有奇数和偶数两种类型，我们需要分别讨论
2.区分奇数个结点还是偶数个结点可以从一开始找完中间结点的时候，从fast入手,因为找中间结点的循环结束就是fast最后指向尾节点还是null。
3.要一定要保存好fast的信息，因为后面在反转链表的时候fast其实已经发生了改变。

public class PalindromeList {public boolean chkPalindrome(ListNode A) {//如果是空链表返回trueif(A == null) {return true;}ListNode slow = A;ListNode fast = A;//找到中间结点while(fast != null && fast.next != null) {fast = fast.next.next;slow = slow.next;}//保存fast的结点信息，避免后面反转链表丢失信息boolean isOdd = true;//是否是奇数个结点if(fast == null) {isOdd = false;}//反转后半部分的链表ListNode prev = slow;ListNode cur = slow.next;while(cur != null) {ListNode curN = cur.next;cur.next = prev;prev = cur;cur = curN;}//前后遍历链表ListNode pA = A;ListNode last = prev;//偶数个结点if(!isOdd) {while(pA.next != last) {if(pA.val != last.val) {return false;}pA = pA.next;last = last.next;}if(pA.val != last.val) {return false;}}if (isOdd) { //奇数个结点while(pA != last) {if(pA.val != last.val) {return false;}pA = pA.next;last = last.next;}}return true;}
}

相交链表

题目链接：
https://leetcode.cn/problems/intersection-of-two-linked-lists/

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由于是相交链表，在公共结点之前两个链表可能有一个差值，如果我们能找到这个差值，让长的链表先走差值不属，然后两个链表一起遍历，直到相遇到公共结点。

这个差值就是两个链表的长度的差。

public class Solution {public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {int lenA = 0;int lenB = 0;ListNode cur = headA;while(cur != null) {lenA++;cur = cur.next;}cur = headB;while(cur != null) {lenB++;cur = cur.next;}int k = 0;ListNode pl = null;ListNode ps = null;if(lenA > lenB) {k = lenA - lenB;pl = headA;ps = headB;} else {k = lenB - lenA;pl = headB;ps = headA;}while(k != 0) {pl = pl.next;k--;}while(pl != ps) {pl = pl.next;ps = ps.next;}return pl;}
}

环形链表

题目链接：
https://leetcode.cn/problems/linked-list-cycle/

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这里使用快慢指针，快指针一次走两步，慢指针一次走一步，当快指针运动到fast == null 或者 fast .next == null 这个条件时，说明链表不存在环，如果有链表存在环，那么快指针就会先进入到环中一直做圆周运动，一定会存在某一个时刻快慢指针会相遇，这时候返回true即可。

public class Solution {public boolean hasCycle(ListNode head) {ListNode fast = head;ListNode slow = head;while(fast != null && fast.next != null) {fast = fast.next.next;slow = slow.next;if(fast == slow) {return true;}} return false;}
}

为什么快指针每次走两步，慢指针走一步可以？

快指针会率先进入环中，然后慢指针后晚一点进入环中，由于两个指针的速度是每次差一步，也就是说两个指针每运动一次，二者之间的距离就会缩短1步，最后两个指针一定会相遇。

快指针一次走3步，走4步，…n步行吗？
快指针如果每次走三步，假设两个指针的位置如下：

那二者永远都不会相遇

其他情况由读者自行探讨~~

环形链表Ⅱ （找入口点）

题目链接：
https://leetcode.cn/problems/linked-list-cycle-ii/description/

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我们还是使用快慢指针来做。

假设起点与入口点的距离为 x ，环的周长为 C ，慢指针与快指针相遇点离起点的距离为L ：

慢指针所走的路程为 x + L
快指针所走的路程为 x + L + nC (n为正整数，n = 1,2,3,4…)

这里解释一下两者的路程计算问题：
在慢指针还没有进入口点的时候，就已经至少路过一次相遇点，所以当慢指针刚刚进入环中的时候，快指针最少已经走了一圈，最多走了 n 圈。
因为慢指针刚进入环中的时候，快指针和它最多相差一个圈的距离，并且快指针的速度比慢指针的速度要快，所以慢指针是不可能走完一圈的（假设慢指针走完一圈，那快指针一定走完一圈再多一点，所以慢指针在完成一圈之前一定会被追上），所以慢指针所走的路程为 x + L，快指针所走的路程为 x + L + nC (n为正整数，n = 1,2,3,4…)中的 nC 是遇到慢指针之前就已经完成好的

当快慢指针在环中相遇时，由于快指针的速度是慢指针的速度的两倍，所以慢指针的路程是快指针的一半，即 2 * (x + L) = x + L + nC，化简整理得 x + L = nC 即 x = nC - L

推导结论：
让一个指针从头开始遍历，另一个指针从相遇点开始遍历，两个指针每次走一步，一定会在入口点相遇。

public class Solution {public ListNode detectCycle(ListNode head) {ListNode slow = head;ListNode fast = head;while(fast != null && fast.next != null) {fast = fast.next.next;slow = slow.next;if(slow == fast) {break;}}//没有环if(fast == null || fast.next == null) {return null;}ListNode meet = fast;ListNode str = head;while(meet != str) {meet = meet.next;str = str.next;}return str;}
}