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第一题：复写零

第二题：快乐数：

第三题：盛水最多的容器

第四题：有效三角形的个数

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第一题：复写零

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思路：

上期介绍到双指针，这次来用双指针实际操作。第一种从前往后复写，会导致为复写的数字被覆盖，因此选择从后往前复写，那么先找到复写的最后一个元素，再从后往前复写即可。

步骤

1.初始化指针

2.找复写

3.处理边界问题

4.开始复写

class Solution {
public:void duplicateZeros(vector<int>& arr) {int cur = 0, dest = -1, n = arr.size();
while (cur < n)
{if (arr[cur]) dest++;//说明不用复写else dest += 2;if (dest >= n - 1)break;cur++;
}
//出来的时候cur就是莫位置
//处理边界
if (dest == n)
{arr[n - 1] = 0;cur--; dest -= 2;
}
//从后往前面复写
while (cur >= 0)
{if (arr[cur])//非0arr[dest--] = arr[cur--];else//为0{arr[dest--] = 0;arr[dest--] = 0;cur--;}
}}
};

第二题：快乐数：

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思路：

这题通过在纸上演算可以发现，给定一个数他按照快乐数的定义，要么演变到1，要么将会重复他在演变过程中的一个数字，具体大家可以在纸上推算一遍

即

2 -> 4 -> 16 -> 37 -> 58 -> 89 -> 145 -> 42 -> 20 -> 4 -> 16，即形成了一个循环圈

而另外一种变成一，其实也可以看作是一个循环圈，即给定一个数，按照快乐数的定义，我给出两个指针，一个移动地快一个移动地慢，最终两个数一定会相等，倘若等于1，那么就是快乐数，倘若不等于1就不是快乐数

因此步骤
：

1.先把n的每一位提出，直到n为0

2.接着只要两个指针不相等就一直重复快乐数定义，直到相等退出循环，判断是否为1

class Solution
{
public:int bitSum(int n)int sum = 0;while (n){int t = n % 10;sum += t * t;n /= 10;}bool isHappy(int n){int slow = n, fast = bitSum(n);while (slow != fast){slow = bitSum(slow);fast = bitSum(bitSum(fast));}return slow == 1;}
};

第三题：盛水最多的容器

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思路：

第一想法就是暴力枚举

s=h（高）*w（宽度）

即弄两个for循环，依次求出面积，再比较最大值，这样时间复杂度为n的平方会超时，因此

第二种就是双指针，观察发现，面积的高是由左右两边的低边界为准。就以上图为例，高是由右边那条高决定，左边高往右移动由于w一定减小，h要么减小要么不变，那么面积一定减小，所以我们就从两个边界开始来移动，记录每一次的面积，返回最大即可

注意，每次移动的是那个h小的，因为大h移动，s要么减少要么不变，而我们求的是最大的。

第一种：暴力求解

class Solution {
public:int maxArea(vector<int>& height) {int n = height.size();int ret = 0;// 两层 for 枚举出所有可能出现的情况for (int i = 0; i < n; i++) {for (int j = i + 1; j < n; j++) {// 计算容积，找出最⼤的那⼀个ret = max(ret, min(height[i], height[j]) * (j - i));}}return ret;}
};

第二种：

对撞指针：

class Solution
{
public:int maxArea(vector<int>& height){int left = 0, right = height.size() - 1, ret = 0;while (left < right){int v = min(height[left], height[right]) * (right - left);ret = max(ret, v);// 移动指针if (height[left] < height[right]) left++;else right--;}return ret;}
};

第四题：有效三角形的个数

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思路：

在判断一个三角形时，如果对于一对升序数组a,b,c

如果a+b>c那么即可构成三角形，不需要判断三次

原因，如果上述条件成立那么，b+c>a,a+c>b一定成立，因为c是最大的数

第一思路就是暴力求解，先把给定数组排序，然后从第一个元素开始遍历，用三个for循环实现，但是时间复杂度较大，运行会超时

class Solution {
public:int triangleNumber(vector<int>& nums) {// 1. 排序sort(nums.begin(), nums.end());int n = nums.size(), ret = 0;// 2. 从⼩到⼤枚举所有的三元组for (int i = 0; i < n; i++) {for (int j = i + 1; j < n; j++) {for (int k = j + 1; k < n; k++) {// 当最⼩的两个边之和⼤于第三边的时候，统计答案if (nums[i] + nums[j] > nums[k])ret++;}}}return ret;}
};

应次这里换一种高效方法就是用双指针来实现，因为已经排完升序，依据暴力解法，可以先固定一条最长边，然后找出比这条边小的二元组，让着个二元组的和大于最长边，即可利用对撞指针来实现。

最长边枚举i位置，区间[left,right]是i位置左边区间，

如果nums[left]+nums[right]>num[i]，那么就有right-left种，因为是升序

否则，那么就舍弃left当前元素，left++进入下一轮循环

class Solution
{
public:int triangleNumber(vector<int>& nums){// 1. 优化sort(nums.begin(), nums.end());// 2. 利⽤双指针解决问题int ret = 0, n = nums.size();for (int i = n - 1; i >= 2; i--) // 先固定最⼤的数{// 利⽤双指针快速统计符合要求的三元组的个数int left = 0, right = i - 1;while (left < right){if (nums[left] + nums[right] > nums[i]){ret += right - left;right--;}else{left++;}}}return ret;}
};