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给定一棵树以及树上的 $m$ 条通路，我们可以在树上选取一条边，将其权重置为 $0$，目标是
$$\underset{将某条边权重置0}{\min }\max 通路权重.$$

20pts(m=1)

当 $m=1$ 时，我们只需要求出树上的一条链上的权重和与权重最大值即可。

50pts

考虑一种暴力的算法，枚举将哪一条边权重置 $0$，然后重新在树上求解 $m$ 条通路的权重。这个过程可以用 LCA 优化。任选一个结点为根，预处理出每一条通路的两个端点的 LCA，则路径长度可以通过树上差分快速计算。时间复杂度为 $O(n(n+m))$。

80pts(树退化为链)

当树退化为链时，这就是一个纯粹的数据结构问题。这类最小化最大值的问题可以考虑二分答案，将其转化为判定问题。给定一个权重上界 $w$ 后，我们可以 $O(m)$ 算出哪些通路的权重是超过这个上界的，而这些通路全部位于一条链上，因此我们可以 $O(m)$ 求出它们的交集。然后在交集中找到权重最大的一条边，如果将这条边的权重置 $0$ 后，所有通路的权重均不超过 $w$，那么 $w$ 就是一个可行的上界。

100pts

上面的二分答案方法给了我们初步的思路。现在只需考虑树上给定权重上界后如何判定：首先任取一个结点作为根结点，并将边权下推为点权。使用差分维护数组 $f[v]$ 表示从 $v$ 的父结点到 $v$ 的这条边被经过了多少次。假设有 $cnt$ 个权重超过上届的通路，那么我们只要考虑被经过 $cnt$ 次的边即可。代码如下：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;const int maxn = 3e5 + 10;struct edge
{int v, w;int nxt;
} e[maxn << 1];
int n, m,
ver[maxn], w[maxn], a[maxn], b[maxn], c[maxn], d[maxn], f[maxn], s[maxn], num,
top[maxn], fa[maxn], size[maxn], son[maxn], dep[maxn], dis[maxn],
l, r, mid, ans, maxw;inline void adde(int u, int v, int w)
{static int ed = 1;e[++ed] = (edge){ v, w, ver[u] };ver[u] = ed;
}inline void dfs1(int u, int f)
{s[++num] = u;size[u] = 1, fa[u] = f;for(int i = ver[u]; i; i = e[i].nxt){int v = e[i].v;if(size[v])continue;dep[v] = dep[u] + 1;w[v] = e[i].w;dis[v] = dis[u] + w[v];dfs1(v, u);size[u] += size[v];if(size[son[u]] < size[v])son[u] = v;}
}inline void dfs2(int u, int t)
{top[u] = t;if(son[u])dfs2(son[u], t);for(int i = ver[u]; i; i = e[i].nxt){int v = e[i].v;if(v == fa[u] || v == son[u])continue;dfs2(v, v);}
}inline int lca(int u, int v)
{while(top[u] != top[v]){if(dep[top[u]] < dep[top[v]])swap(u, v);u = fa[top[u]];}return dep[u] < dep[v] ? u : v;
}inline bool check(int k)
{memset(f, 0, sizeof f);int cnt = 0;for(int i = 1; i <= m; i++){if(d[i] <= k)continue;f[a[i]]++, f[b[i]]++, f[c[i]] -= 2;cnt++;}for(int i = n; i >= 1; i--){f[fa[s[i]]] += f[s[i]];if(w[s[i]] >= maxw - k && f[s[i]] == cnt)return true;}return false;
}inline int read()
{static int x;static char c;x = 0, c = getchar();while(!isdigit(c))c = getchar();while(isdigit(c))x = (x << 1) + (x << 3) + (c ^ 48), c = getchar();return x;
}int main()
{n = read(), m = read();for(int i = 1; i < n; i++){int u = read(), v = read(), w = read();adde(u, v, w);adde(v, u, w);l = max(l, w);}dep[1] = 1;dfs1(1, 0);dfs2(1, 1);for(int i = 1; i <= m; i++){a[i] = read(), b[i] = read();c[i] = lca(a[i], b[i]);d[i] = dis[a[i]] + dis[b[i]] - (dis[c[i]] << 1);r = max(r, d[i]);}maxw = r, l = maxw - l, r++;while(l <= r){mid = (l + r) >> 1;if(check(mid))ans = mid, r = mid - 1;elsel = mid + 1;}printf("%d", ans);return 0;
}