【并行计算】GPU，CUDA

一、CUDA层次结构

1.kernel核函数

一个CUDA程序是一个kernel核函数被GPU的多个计算单元并行执行的过程，CUDA给了如下抽象

dim3 threadsPerBlock(4, 3, 1);
dim3 numBlocks(3, 2, 1);
matrixAdd<<<numBlocks, threadsPerBlock>>>(A, B, C);

 

2.Grid，Block，Thread

这样启动核函数，根据CUDA的抽象，就会有下面这样的运行模式，<<<>>>中间的两个参数numblocks和threadsPerBlock都是三维的变量，给予程序员设计的便利。

每个thread就是一个实际的核函数在运行，核函数可以根据当前的blockIdx，threadIdx来获得当前核函数所在的三维坐标位置。

int index = blockIdx.x * blockDim.x + threadIdx.x;

 

3.Streaming Multiprocessor（SM），warp

每个Block会分给一个SM（Streaming Multiprocessor），一个SM可以理解成一个有很多核的处理单元，并且有一个共享内存，下面看看一个SM内部如何工作。

下面这个图是一个典型的SM内部，每个黄方框都是一个SIMD单元，他们共享一个内存，左边的warp是实际分配给这些SIMD单元的任务，一个warp是一些线程的集合，CUDA用行优先的逻辑将一个block里的thread分配给warp，注意CUDA这里dim这个东西横纵坐标跟别的不太一样，如下图，他是Y是行号，X是列号。

在CUDA文档中，有讲到是根据线程id来顺序连续分配的，线程id计算方式如下

对于1维的来说，1维的x就是线程id

对于2维的来说，id是x + y Dx，y是行号，x是列号，所以就是行号乘一行的数量再加上列号。

对于3维的来说，id是x + y Dx + z Dx Dy，那就是高（z）乘上一个面的线程数，再加上y乘上行长在加上x。

所以总结来说，就是先分配面，然后在面上行优先分配。

一个warp通常是32个thread来执行SIMD指令，因为每个线程都是同样的核函数。但这里其实会有一个问题，那就是条件分支可能会不一样，最大的效率在这32个线程都执行相同的条件分支时达到，因为不同的分支会导致simd单元先执行一部分，而另一部分会等这部分执行完在执行。

所以一个warp才类似于操作系统中的一个线程，GPU会将warp视为线程来做硬件多线程调度。

看左边这一堆warp，存的就是每个warp的运行时状态，这里面包含了每个warp独立的寄存器、PC等东西，所以这里GPU做的硬件多线程就类似于一种超线程技术，使用多套上下文，使上下文切换没有开销。

二、CUDA内存层次结构

从最快的每个thread私有的内存，然后是整个块共享的一片内存，然后到整个GPU共享的全局内存。

一个值得注意的点，当一个warp访问内存中连续的地址时，会做块读取/写入，一次性将一个块内容读取/写入，所以如果让一个warp内的线程具有连续的内存访问模式，是比较好的，结合刚才的，如果也有同样的条件分支，那更好了。

三、一个矩阵乘法的优化例子

1.最基本的

直接A的行乘B的列相加，这会导致B的内存访问模式是跳跃的，不缓存友好。

2.预转置

那么就把B提前转置了，这样A和B都可以一行一行的访问了。

可以看到有一定的优化了

 

3.变成CUDA代码

最基础的版本，我们让C结果矩阵的每一个元素都用一个核函数来算结果，i和j就是C矩阵的i和j，我们直接将整个grid，映射成一个二维矩阵，那么横坐标i就是先拿块id的y乘上块的长度再加上块里面线程的横坐标y。纵坐标也类似。

___global__ void CUDASimpleKernel(int N, float *dmatA, float *dmatB, float *dmatC)
{int i = blockIdx.y * blockDim.y + threadIdx.y;int j = blockIdx.x * blockDim.x + threadIdx.x;if (i >= N || j >= N)return;float sum = 0.0;for (int k = 0; k < N; k++){sum += dmatA[RM(i, k, N)] * dmatB[RM(k, j, N)];}dmatC[RM(i, j, N)] = sum;
}

然后i，j确定下来后，就去用k遍历A矩阵的一行和B矩阵的一列来计算结果元素。

当然，要变成CUDA代码还需要一些初始化的host代码。

首先要在GPU上分配内存，然后Memcpy过去

然后初始化块的数量和块的大小，就可以启动核函数了

然后算完之后再Memcpy回CPU

最后别忘了free掉GPU上用的内存

void CUDAMultMatrixSimple(int N, float *dmatA, float *dmatB, float *dmatC)
{dim3 threadsPerBlock(LBLK, LBLK);dim3 blocks(updiv(N, LBLK), updiv(N, LBLK));CUDASimpleKernel<<<blocks, threadsPerBlock>>>(N, dmatA, dmatB, dmatC);
}void CUDAMultiply(int N, float *aData, float *bData, float *cData)
{float *aDevData, *bDevData, *cDevData;CUDAMalloc((void **)&aDevData, N * N * sizeof(float));CUDAMalloc((void **)&bDevData, N * N * sizeof(float));CUDAMalloc((void **)&cDevData, N * N * sizeof(float));CUDAMemcpy(aDevData, aData, N * N * sizeof(float), CUDAMemcpyHostToDevice);CUDAMemcpy(bDevData, bData, N * N * sizeof(float), CUDAMemcpyHostToDevice);CUDAMultMatrixSimple(N, aDevData, bDevData, cDevData);CUDAMemcpy(cData, cDevData, N * N * sizeof(float), CUDAMemcpyDeviceToHost);CUDAFree(aDevData);CUDAFree(bDevData);CUDAFree(cDevData);
}

好的，这有一个巨额的提升。

4. 考虑一个情况

刚才的i和j计算的代码变成这样，效果会变差十多倍。为什么呢

int i = blockIdx.x * blockDim.x + threadIdx.x;
int j = blockIdx.y * blockDim.y + threadIdx.y

想想内存访问模式的变化。刚才的代码，一个block里的一个warp是横着连续的，

横着连续说明他们的i一样，j连续，这说明，在对A矩阵的访问上，一直用的都是同一行，是内存中同一个连续的位置，可以进行块读。对B矩阵的访问上，是一列一列访问的，但是整个warp所需要访问的内存是连续的，所以也可以进行块读。

然后，对于写，是写C的连续的位置，因为是横着的，所以可以进行块写。

而新的代码

i是列号乘块的纵长，再加上块里的线程纵位置，也就是i和j对比刚才互换了，这样会导致什么，同一个warp里计算的是C矩阵纵向的元素。C矩阵纵向的元素，对于A，是不同的行，这样warp内整体也是连续的，可以进行块读，对于B，是同一列，这里读是不能块读的，因为内存是不连续的。

再看写，是竖着写的，所以写的也是C的不连续的位置，这样写也不能进行块写。

综上，这两个就差在一个块写和块读上了。